गुलप, 'पाइप()' फ़ंक्शन

Question

में वर्तमान फ़ाइल नाम का उपयोग करके मैं अपनी फाइल को अपनी जीएसपी फ़ाइल के साथ अपनी गलप स्रोत फ़ाइलों में प्रस्तुत करने की कोशिश कर रहा हूं, लेकिन मैं यह नहीं समझ सकता कि pipe में वर्तमान फ़ाइल नाम का उपयोग कैसे करें समारोह।

var gulp = require('gulp'); 
var handlebars = require('handlebars'); 
var gulpHandlebars = require('gulp-compile-handlebars'); 

gulp.task('compile-with-sample-data', function() { 
    var options = {} 
    return gulp.src('./src/**/*.html') 
    .pipe(gulpHandlebars({ data: require('./data/' + filename +'.json') }, options)) 
    .pipe(gulp.dest('./build/')); 

}); 

मैं यह सिर्फ require('./data/orders-complete.json') का उपयोग करके हर बार एक ही फाइल के साथ काम करने कहां मिल सकता है:

var gulp = require('gulp'); 
var handlebars = require('handlebars'); 
var gulpHandlebars = require('gulp-compile-handlebars'); 

gulp.task('compile-with-sample-data', function() { 
    var options = {} 
    return gulp.src('./src/**/*.html') 
    .pipe(gulpHandlebars({ data: require('./data/orders-complete.json') }, options)) 
    .pipe(gulp.dest('./build/')); 

}); 

यह स्पष्ट मैं यह कैसे करना होगा नहीं है।

Answer 1

gulp-tap का उपयोग करें, यह आपको फ़ाइल नाम प्राप्त करने और यहां तक ​​कि डाउनस्ट्रीम पाइप के लिए भी बदलने में सक्षम बनाता है।