आउटपुट पीएचपी

Question

में एक छवि मैं एक छवि $file (जैसे ../image.jpg)

जो एक माइम प्रकार $type

है कैसे कर सकते हैं मैं इसे ब्राउज़र को आउटपुट?

Answer 1

$file = '../image.jpg'; 
$type = 'image/jpeg'; 
header('Content-Type:'.$type); 
header('Content-Length: ' . filesize($file)); 
readfile($file); 

Answer 2

<?php 

header("Content-Type: $type"); 
readfile($file); 

यह छोटा संस्करण है। चीजों को अच्छे बनाने के लिए आप कुछ अतिरिक्त छोटी चीजें कर सकते हैं, लेकिन यह आपके लिए काम करेगा।

header('Content-Type: ' . $type); 

और readfile उत्पादन के लिए छवि की सामग्री:

readfile($file); 

और शायद

Answer 3

header('Content-type: image/jpeg'); 
readfile($image); 

Answer 4

आप सही सामग्री प्रकार भेजने के लिए उपयोग कर सकते हैं header(शायद नहीं cessary, लेकिन, बस मामले में) आप सामग्री-लंबाई हेडर भी भेज करना होगा:

header('Content-Length: ' . filesize($file)); 

नोट: यदि आप और नहीं उत्पादन कुछ भी अपनी छवि डेटा से यह सुनिश्चित कर लें (कोई सफेद अंतरिक्ष, उदाहरण के लिए), या यह अब मान्य छवि नहीं होगी।

Answer 5

इस प्रयास करें:

<?php 
    header("Content-type: image/jpeg"); 
    readfile("/path/to/image.jpg"); 
    exit(0); 
?> 

Answer 6

आप अपने वेब सर्वर अपने आप को, mod_xsendfile की तरह (अपाचे के लिए) उपकरण काफी पढ़ने और PHP में फ़ाइल मुद्रण से बेहतर हैं कॉन्फ़िगर करने के लिए स्वतंत्रता है। आपका PHP कोड इस प्रकार दिखाई देगा:

header("Content-type: $type"); 
header("X-Sendfile: $file"); # make sure $file is the full path, not relative 
exit(); 

mod_xsendfile एक्स Sendfile हैडर ऊपर उठाता है और ब्राउज़र में ही करने के लिए फ़ाइल भेजता है। यह विशेष रूप से बड़ी फ़ाइलों के लिए प्रदर्शन में वास्तविक अंतर डाल सकता है। अधिकांश प्रस्तावित समाधान पूरी फ़ाइल को स्मृति में पढ़ते हैं और फिर इसे प्रिंट करते हैं। यह 20kbyte छवि फ़ाइल के लिए ठीक है, लेकिन यदि आपके पास 200 MByte TIFF फ़ाइल है, तो आपको समस्याएं मिलती हैं।

Answer 7

$file = '../image.jpg'; 

if (file_exists($file)) 
{ 
    $size = getimagesize($file); 

    $fp = fopen($file, 'rb'); 

    if ($size and $fp) 
    { 
     // Optional never cache 
    // header('Cache-Control: no-cache, no-store, max-age=0, must-revalidate'); 
    // header('Expires: Mon, 26 Jul 1997 05:00:00 GMT'); // Date in the past 
    // header('Pragma: no-cache'); 

     // Optional cache if not changed 
    // header('Last-Modified: '.gmdate('D, d M Y H:i:s', filemtime($file)).' GMT'); 

     // Optional send not modified 
    // if (isset($_SERVER['HTTP_IF_MODIFIED_SINCE']) and 
    //  filemtime($file) == strtotime($_SERVER['HTTP_IF_MODIFIED_SINCE'])) 
    // { 
    //  header('HTTP/1.1 304 Not Modified'); 
    // } 

     header('Content-Type: '.$size['mime']); 
     header('Content-Length: '.filesize($file)); 

     fpassthru($fp); 

     exit; 
    } 
} 

http://php.net/manual/en/function.fpassthru.php

Answer 8

आप finfo (PHP 5.3+) का उपयोग सही MIME प्रकार प्राप्त करने के लिए कर सकते हैं।

$filePath = 'YOUR_FILE.XYZ'; 
$finfo = finfo_open(FILEINFO_MIME_TYPE); 
$contentType = finfo_file($finfo, $filePath); 
finfo_close($finfo); 

header('Content-Type: ' . $contentType); 
readfile($filePath); 

पुनश्च: आप Content-Length निर्दिष्ट करने के लिए की जरूरत नहीं है, अपाचे यह तुम्हारे लिए क्या करेंगे।

Answer 9

$file = '../image.jpg'; 
    $type = 'image/jpeg'; 
    header('Content-Type:'.$type); 
    header('Content-Length: ' . filesize($file)); 
    $img = file_get_contents($file); 
    echo $img; 

यह मेरे लिए काम करता है! मैंने कोड इग्निटर पर इसका परीक्षण किया है। अगर मैं रीडफाइल का उपयोग करता हूं, तो छवि प्रदर्शित नहीं होगी। कभी-कभी केवल jpg प्रदर्शित करते हैं, कभी-कभी केवल बड़ी फ़ाइल। लेकिन जब मैंने इसे "file_get_contents" में बदल दिया, तो मुझे स्वाद मिलता है, और काम करता है !! यह स्क्रीनशूट है: Screenshot of "secure image" from database