enum

Question

के लिए टेम्पलेट विशेषज्ञता एनम्स के लिए एक templatized विधि विशेषज्ञ करना संभव है?

(अवैध नीचे कोड) की तरह कुछ:

template <typename T> 
void f(T value); 

template <> 
void f<enum T>(T value); 

मामले में यह संभव नहीं है, फिर मान मैं प्रकार के एक नंबर के लिए विशेषज्ञता है, int, unsigned int, long long, unsigned long long, आदि, तो जैसे एन्युम वैल्यू किस विशेषज्ञता का उपयोग करेगा?

Answer 1

आप std::enable_if<type_traits> से इसे पूरा करने के लिए का उपयोग कर सकते हैं।

In an answer to one of my questions, litb ने बहुत पोस्ट किया है जो बूस्ट समकक्षों के साथ कैसे किया जा सकता है, इसकी विस्तृत और अच्छी तरह लिखित व्याख्या।

Answer 2

मुझे यकीन है कि अगर मैं अपने प्रश्न सही ढंग से समझ नहीं कर रहा हूँ, लेकिन आप विशिष्ट enums पर टेम्पलेट का दृष्टांत कर सकते हैं:

template <typename T> 
void f(T value); 

enum cars { ford, volvo, saab, subaru, toyota }; 
enum colors { red, black, green, blue }; 

template <> 
void f<cars>(cars) { } 

template <> 
void f<colors>(colors) { } 

int main() { 
    f(ford); 
    f(red); 
} 

Answer 3

मुमकिन है, केवल दिलचस्प बात यह है कि आप एक प्रकार है कि वे केवल आप बात के साथ कर सकता इसके बारे में पता है कि यह एक enum है, इसे अपने अंतर्निहित प्रकार में डाल दिया है और उस पर काम करते हैं। यहाँ कि कैसा लग सकता है कि कैसे, जेम्स 'का सुझाव दिया दृष्टिकोण (उर्फ SFINAE) का उपयोग कर रहा है:

void Bar(int b); // and/or other underlying types 

template<typename T> 
typename std::enable_if<std::is_enum<T>::value, void>::type 
Foo(T enm) 
{ 
    Bar(static_cast<typename std::underlying_type<T>::type>(enm)); 
} 

एक संबंधित बोनस के रूप में, यहाँ एक समान विधि है कि आपकी पसंद के केवल एक विशिष्ट प्रकार के लिए हल करेंगे (is_same में bool की जगह अपनी पसंद के प्रकार) के लिए:

template<typename T> 
typename std::enable_if<std::is_same<T,bool>::value, void>::type 
Baz(T bl) 
{ 
    if (bl) 
    { 
     //... 
    } 
    else 
    { 
     //... 
    } 
}