पीएचपी अपलोड फ़ाइल onchange

Question

function chkFile(file1) { 
    var file = file1.files[0]; 
    var formData = new FormData(); 
    formData.append('formData', file); 

    $.ajax({ 
    type: "POST", 
    url: "chkFileType.php",  
    contentType: false, 
    processData: false, 
    data: formData, 
    success: function (data) { 
     alert(data); 
     } 
    }); 
} 


<form action="" method="post" name="myForm" id="myForm" enctype="multipart/form-data"> 

<input type="hidden" name="MAX_FILE_SIZE" value="30000" /> 

Upload Files 
<input type="file" name="uploadFile" id="uploadFile" onChange="chkFile(this)"/> 

<input type="submit" name="submitbutt" value="Checkout"> 

chkFileType.php का उपयोग कर

<?php 
    print_r($_FILE) 
?> 

मैं पूरी प्रस्तुत करने से पहले एक फार्म बनाने के लिए है जो उपयोगकर्ता द्वारा एक फ़ाइल अपलोड करता है, यह अपलोड की गई फ़ाइल पर एक जांच करेंगे चाहते हैं प्रपत्र। जब फ़ाइल अपलोड हो जाती है तो मैं onChange का उपयोग करता हूं और फिर चेक करने के लिए chkFileType.php पर कॉल करने के लिए formData मान अजाक्स को पास करता हूं और प्रतिक्रिया को वापस अलर्ट करता हूं।

फ़ंक्शन बिना किसी त्रुटि के चल रहा है, लेकिन alert(data) से कोई प्रतिक्रिया नहीं है;

मुझे पता है कि मैं कुछ गलत कर रहा हूं, लेकिन मुझे पता नहीं है कि किस दिशा से जाना है। क्या मैं सही तरीके से कर रहा हूँ?

Answer 1

सब ठीक दिखता है। आपने सही तरीके से किया है। लेकिन AJAX कॉल से कोई प्रतिक्रिया प्राप्त करने के लिए, आपको आवश्यक सामग्री को chkFileType.php में प्रिंट करना होगा।

की तरह,

if($ext =="jpg" || $ext == "png"){ 
    echo "Image"; // data in alert will alert as Image 
} else if(check for txt file){ 
    echo "Text File"; // data in alert will alert as Text File 
} else if(chck for pdf) { 
    echo "Pdf";// data in alert will alert as Pdf 
} 

संपादित परिवर्तन इस

var formData = new FormData($("#formID")[0]); 

आशा है कि आप समझते हैं मैं क्या कह करने के लिए होती।